A4

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. Aufgabe a) bearbeitet von--Tws98OB (Diskussion) 20:56, 11. Dez. 2015 (CET)

Funktion und Ableitungen

Abituraufgabe 4

f_t(x)=ln(x^2+t)

f_t'(x)=\frac{2x}{x^2+t}

f_t''=\frac{2(x^2+t)-(2x\cdot 2x)}{(x^2+t)^2}

=\frac{2(x^2+t-2x^2)}{(x^2+t)^2}

=\frac{2(-x^2+t)}{(x^2+t)^2}


Symmetrie

f_t(-x)=ln((-x)^2+t)=f(x)=> Achsentymmetrisch

f_t(-x)=ln((-x)^2+t) \neq -f_t(x)=> Nicht Punktsymmetrisch


Nullstellen

f_t(x)=0

ln(x^2+t)=0

x^2+t=1

x=^+_- \sqrt{1-t}


Extremstellen

f_t'(x)=0

\frac{2x}{x^2+t}=0

2x=0

x=0

Hoch- oder Tiefpunkt

f_t''(x)=0

=\frac{2(0+t)}{(0+t)^2}

=\frac{2}{t} >0 => Tiefpunkt


T(0|ln(t))


Wendepunkt

. Aufgabe b) bearbeitet von: --Tws98OB (Diskussion) 21:08, 17. Dez. 2015 (CET)

Maximaler Rauminhalt bei der Rotation um die y-Achse

f_t(x)=ln(x^2+t)

f_t'(x)=\frac{2x}{x^2+t}

0<t<0.5

Punkte

A(\sqrt{t}/ln(2t))

B(-\sqrt{t}/ln(2t))

O(0/0)


Herausfinden des optimalen t´s

A(t)=\sqrt{t} \cdot ln(2t)

A'(t)=\frac{1}{2\sqrt{t}} \cdot ln(2t)+\sqrt{t} \cdot \frac{1}{t}

=\frac{ln(2t)}{2\sqrt{t}} +  \frac{\sqrt{t}}{t}

=\frac{ln(2t)\cdot \sqrt{t}}{2t} +  \frac{\sqrt{t}}{t}

=\frac{ln(2t)\cdot \sqrt{t}+2\sqrt{t}}{2t}


\frac{ln(2t)\cdot \sqrt{t}+2\sqrt{t}}{2t}=0

ln(2t)\cdot \sqrt{t}+2\sqrt{t}=0

ln(2t)+2=0

ln(2t)=-2

t=\frac{e^{-2}}{2}


Bild zur Abituraufgabe 4 c)


f_t(x)=ln(x^2+\frac{e^{-2}}{2})

A(0.26/-2)

B(-0.26/-2)

O(0/0)


Rotationsvolumen

. Aufgabe c) bearbeitet von: --Tws98OB (Diskussion) 11:25, 12. Dez. 2015 (CET)

f_4(x)=ln(x^2+4)

Grenzen:ln(8);ln(4)

Abituraufgabe 4 c)


y=ln(x^2+4)

e^y=x^2+4

e^y-4=x^2

\sqrt{e^y-4}

f^{-1}(x)=\sqrt{e^x-4}


V=\pi \int_{ln(4)}^{ln(8)}(\sqrt{e^x-4})^2dx

=\pi \int_{ln(4)}^{ln(8)}(e^x-4)dx

=\pi [e^x-4x]_{ln(4)}^{ln(8)}

=\pi(e^{ln(8)}-4 \cdot ln(8)-(e^{ln(4)}-4 \cdot ln(4)))

=\pi(8-4 \cdot ln(8)-4+4 \cdot ln(4))

=3,856

3,856 \cdot 5^3 "Eine Längeneinheit entsprechen 5 cm"

=482cm^3